所以f(x)最大值为2.
(2)函数y=x-3x与y=-2x的图象如图.
由(1)知当a≥-1时(x)取得最大值2.
当a<-1时=-2x在x>a时无最大值.且-2a>2.
所以a<-1.
答案 (1)2 (2)(-∞-1)
三、解答题
(2016·北京卷)设函数f(x)=x-x+bx曲线y=f(x)在点(2(2))处的切线方程为y=(-1)x+4.
(1)求a的值;
(2)求f(x)的单调区间.
解 (1)f(x)的定义域为R.
(x)=-x-x-x+b=(1-x)-x+b.
依题设即
解得a=2=
(2)由(1)知f(x)=x-x+
由f′(x)=-x(1-x+-1)及-x>0知
f′(x)与1-x+-1同号.
令g(x)=1-x+-1则g′(x)=-1+-1
所以当x∈(-∞)时(x)<0(x)在区间(-∞)上单调递减;
当x∈(1+∞)时g′(x)>0(x)在区间(1+∞)上单调递增.
故g(1)=1是g(x)在区间(-∞+∞)上的最小值
从而g(x)>0(-∞+∞)
综上可知(x)>0(-∞+∞).
故f(x)的单调递增区间为(-∞+∞).
已知f(x)=ax-R.
(1)若f(x)在x=1处有极值求f(x)的单调递增区间;
(2)是否存在实数a使f(x)在区间(0]上的最小值是3若存在求出a的值;
解 (1)由题意知f′(1)=0-1=0=1.
经检验a=1(x)在x=1处有极值
所以f(x)=x-
令f′(x)=1->0解得x>1或x<0
又f(x)的定义域为(0+∞)
所以f(x)的单调递增区间为(1+∞).
(2)假设存在实数a使f(x)=ax-(x∈(0,e])有最小值3.
当a≤0时因为x∈(0],所以f′(x)<0
所以f(x)在(0
f(x)min=f()=a-1=3解得a=(舍去);
当0<<时(x)在上单调递减在上单调递增
∴f(x)min=f=1ln a=3解得a=满足条件;
当时因为x∈(0],所以f′(x)<0
∴f(x)在(0]上单调递减
∴f(x)min=f()=a-1=3.解得a=舍去.
综上存在实数a=使得当x∈(0]时(x)有最小值3.
设函数f(x)=-k(k为常数=2.718 28…是自然对数的底数).
(1)当k≤0时求函数f(x)的单调区间;
(2)若函数f(x)在(0)内存在两个极值点求k的取值范围.
解 (1)函数y=f(x)的定义域为(0+∞).
(x)=-k
=-=
由k≤0可得-kx>0
所以当x∈(0)时(x)<0函数y=f(x)单调递减
x∈(2,+∞)时(x)>0函数y=f(x)单调递增.
所以f(x)的单调递减区间为(0],单调递增区间为[2+∞).
(2)由(1)知时函数f(x)在(0)内单调递减
故f(x)在(0)内不存在极值点;
当k>0时设函数g(x)=-kx[0,+∞).
因为g′(x)=-k=-当0
当x∈(0)时(x)=-k>0=g(x)单调递增.
故f(x)在(0)内不存在两个极值点;
当k>1时得x∈(0)时(x)<0函数y=g(x)单调递减.
(ln k,+∞)时(x)>0函数y=g(x)单调递增.
所以函数y=g(x)的g(ln k)=k(1-).
函数f(x)在(0)内存在两个极值点当且仅当
解得